注册电气工程师：供配电专业基础2014年考试真题与答案解析

注册电气工程师

————————————————————————————————————————一、单项选择题（共60题，每题2分。每题的备选项中只有一个最符合题意。）

1.图示电路中，已知R110，R22，US110V，US26V。电阻R2两端的电压U为：（ ）。（高频考点，第13页）

（A）4V （B）2V （C）-4V （D）-2V答案：C

解题过程：根据基尔霍夫电压定律得：US1US2UUUS2US16V10V4V。

2.图示电路中，测得US110V，电流I10A。流过电阻R的电流I1为：（ ）。（高频考点，第13页）

（A）3A 答案：B

（B）-3A （C）6A （D）-6A

解题过程：根据题图作如下图解。

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I2US110U102A，I3S15A，5522则根据基尔霍夫电流定律得：II1I2I3，即I1I2I3I25103A，选B。3. 图示电路中，已知US15V，R115，R230，R320，R48，R512。电流I为：（ ）。（高频考点，第21页）（A）2A 答案：C （B）1.5A （C）1A （D）0.5A解题过程：属于电路△-Y等效变换，根据变换后图可得：R12R1R2153045090R1R2R31530206513R1R3152030060R1R2R31530206513R13 2 / 42R23R2R33020600120R1R2R31530206513电路总电阻为：6012012768)(12)9090127613RR121313136.9237.91314.83660120440131313440(8)(12)131313(IUS151.01A。R14.83. 图示电路中，已知US12V，IS12A，IS28A，R112，R26，R38，R44。取结点③为参考结点，结点①的电压Un1为：（ ）。（高频考点，第22页）（A）15A 答案：A（B）21A （C）27A （D）33A解题过程：列写节点电压方程为：1Us111UUIs1n1Rn2RRRR12331111UUn2Is1Is2Rn1RR433111112UU21268n18n212代入数据后得：，111UUn228n18843Un1Un224化简得：，Un13Un248 3 / 42即：8Un1120V，

Un115V5. 图示电路中，电流I为：（ ）。（高频考点，第13页）

（A）-2A 答案：D

（B）2A （C）-1A （D）1A

解题过程：根据基尔霍夫定律可得：12V2II613I，求得：I1A。

6. 图示电路中的电阻R阻值可变，R为下列哪项数值时可获得最大功率？（ ）（高频考点，第24页）

（A）12 答案：D

（B）15 （C）10 （D）6解题过程：求戴维南等效电阻Req。Req的等效电路如图所示。

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等效电阻Req21267226。12618当RReq时，负载R获得最大功率。7. 图示电路中的R、L串联电路为日光灯的电路模型。将此电路接于50Hz的正弦交流电压源上，测得端电压为220V，电流为0.4A，功率为40W。电路吸收的无功功率Q为：（ ）。（高频考点，第39页）（A）76.5Var （B）78.4Var （C）82.4Var （D）85.4Var答案：B解析过程：根据图可得：URjLI，P40250，I20.42U220Z550，I0.4R 5 / 42ZR2L2225502502L230250062500L240000L490LL490arctanarctanarctan1.96630，R250QUIsin2200.4sin630880.178.4var。8. 如图所示电路中的R、L串联电路为荧光灯的电路模型。将此电路接于50Hz的正弦交流电压源上，测得端电压为220V，电流为0.4A，功率为40W。如果要求将功率因数提高到0.95，应给荧光灯并联的电容C为：（ ）。（高频考点，第37页）（A）4.29uF 答案：A（B）3.29uF （C）5.29uF （D）1.29uF解题过程：开关S未合上前：根据上题的计算结果可知：P140W，Q178.4var，630。根据题图设并联电容后电路吸收的复功率为SS1SC。已知S140j78.4VA，要求并联后的功率因数为0.95，有功功率未变，则并联后的无功~~~~~功率Q为：QP1tanarccos0.9540tan18.195013.147var，则：SP1jQ40j13.147VA。并联电容支路：SCSS140j13.14740j78.4j65.25var。~~~ 6 / 42并联电容C为：CS65.256F4.2910F4.29F。222fU314220~9. 在图示正弦交流电路中，已知Z10j50，Z1400j1000。当为下列哪项数值时，I1和US的相位差为90°？（ ）（高频考点，第37页）（A）-41 答案：A（B）41 （C）-51 （D）51解题过程：UsIZI1Z1，II1I1，Us110j50I1400j1000I141010I1j5011000I1，由I1与US的相位差为90°，则Us实部为0，即4101010，得41。10. 图示正弦交流电路中，已知US10000V，R10，XL20，XC30。当负载ZL为下列哪项数值时，它将获得最大功率？（高频考点，第40页） 7 / 42（A）8j21 （B）8j21 答案：D（C）8j26 （D）8j26解题过程：求等效阻抗时，将电压源短路，其电路如下图所示。根据图可得电路等效阻抗为：ZeqjXCjXLRj2010j200j200(10j20)j30j30j30jXLR10j2010j20100400整理得：Zeqj30j20004000j308j48j26，500最佳匹配时ZLZeq8j26，获得最大功率。11. 在RC串联电路中，已知外加电压：u(t)2090sin(t)30sin(3t500)10sin(5t100)V，电路中电流：i(t)1.51.3sin(t85.30)6sin(3t450)2.5sin(5t60.80)A，则电路的平 8 / 42均功率P为：（ ）。（高频考点，第57页）（A）124.12W （B）128.12W （C)145.28W （D）134.28W答案：B解题过程：根据平均功率的定义可得：PU0I0U1I1cos1U2I2cos2U3I3cos3201.59022304.79.6574.11128.56W1.3cos85.3030262cos501022.52cos70.8012. 图示RLC串联电路中，已知R10，L=0.05H，C50F，电源电压为：u(t)2090sin(t)30sin(3t450)V，电源的基波角频率314rad/s。电路中的电流i(t)为：（ ）。（高频考点，第59页）（A）1.32sin(t78.20)0.772sin(3t23.90)A（B）1.32sin(t78.20)0.772sin(3t23.90)A（C）1.32sin(t78.20)0.772sin(3t23.90)A（D）1.32sin(t78.20)0.772sin(3t23.90)A答案：B 9 / 42解题过程：电路中电流相量的一般表达式：ImkUmk1Rjk1Lk1C，式中，Imk-k次谐波电流的最大幅值；Umk-k次谐波电压的最大幅值。当k0时，直流分量：U020V，I00，P00。当k1时，Um19000V，Im190009000900001.83678.23A。010j15.7j63.6910j47.994978.23当k3时，Um130450V，Im33045030450304501.081723.870A063.6910j47.1j21.2310j25.8727.73568.8710j15.73j330450。按时域形式叠加为：i1.863sint78.230A1.0817sin3t23.870A1.32sin(t78.20)0.772sin(3t23.90)A13. 图示电路中，已知US6V，R11，R22，R34，开关闭合前电路处于稳态，。（高频考点，第62页）t0时开关S闭合。t0时，uC0为：（ ）（A）-6V 答案：D（B）6V （C）-4V （D）4V 10 / 42解题过程：开关闭合前电路处于稳态，如下图所示。根据题图可得电容电压的初始值：uC0USRR226V4V。1R212开关闭合后，根据换路定则可知：uC0uC04V。14. 图示电路中，已知R13，R2R32，US10V，开关S闭合前电路处于稳态，时开关闭合。t0时，iL0为：（ ）。（高频考点，第63页）（A）2A （B）-2A （C）2.5A （D）-2.5A答案：A解题过程：开关S闭合前电路处于稳态，如下图所示。 11 / 42t0根据题图可得电感电流初始值为：iL0开关闭合时，iL0iL02A。US10A2AR1R23215. 图示电路中，开关S闭合前电路已处于稳态，在t0时开关S闭合。开关闭合后的uCt为：（ ）。（高频考点，第68页）（A）166e答案：Bt10224A （B）166et10224A （C）166et10224A （D）166et10224A解题过程：（1）开关闭合前，电容电压的初始值uC010V，根据换路定则可知开关闭合时的电容电压：uC0uC010V。（2）开关闭合后，电路化简如图(a)所示。 12 / 422010则电容电压的稳态值为：uC610V16V46（3）时间常数：RC根据图(b)求等效电阻R：RR1R2461032.4103。R1R246则：RC2.410310106F2.4102s（4）根据三要素公式可得：uCtuCuC0uCet161016et1022.4t1022.4VV166e16. 图示电路，换路前已处于稳定状态，在t0时开关S打开。开关S打开后的电流it为：（ ）。（高频考点，第68页） 13 / 42（A）3e20tA 答案：C（B）3e20tA （C）3e20tA （D）3e20tA解题过程：（1）原电路已进入稳态，则电感短路，电感电流初始值：iL03030304A，301010//307.53010开关S打开时，根据换路定则可得：iL0iL04A。（2）开关S打开后：电路如下图所示。则稳态电流为：iL303A。10（3）时间常数：将上图中的30V电压源短路，则等效电阻R10。则时间常数为：L0.50.05s。R10t（4）根据三要素公式可得：iLtiLiL0iLe343et0.053e20tA。 14 / 4217. 图示含耦合电感电路中，已知L10.1H，L20.4H，M0.12H。ab端的等效电感Lab为：（ ）。（高频考点，第33页）（A）0.0H （B）0.062H （C）0.H （D）0.62H解题过程：画题解图如下：可得：UabjL1I1jMI2，0jLIjMI221Uabj0.1I1j0.12I2则：，0j0.4I2j0.12I1推出I20.3I1，即Uabj0.1I1j0.120.3I1j0.0I1，整理上式可得：ZinUabj0.0jLabI1 15 / 42因此，得：Lab0.0H。18. 图示电路中，n为下列哪项数值时，R4电阻可以获得最大功率？（ ）（高频考点，第41页）（A）2 答案：D（B）7 （C）3 （D）5解题过程：由题图可知，电感j20与电容j20并联谐振，电路二次阻抗为4电阻。4电阻获得最大功率时，其折合到一次侧的等效电阻应等于一次电阻100。因此，得：n2100，推出n5。419. 图示对称三相电路中，已知线电压为U1380V，负载阻抗Z1j12，Z23j4，三相负载吸收的全部平均功率P为（ ）。（高频考点，第56页）（A）17.424kW （B）13.068kW 16 / 42（C）5.808kW （D）7.424kW答案：A解题过程：已知线电压为380V，则设相电压为：UA22000V，UB2201200V，UC2201200V（1）将负载Z1进行Y转换后，画出单相电路如图所示进行计算。UA2200022000220002200022000IA3336.870A20Z2//Z1/33j4//j43j4j4j121616j436.8703j4j4333（2）根据平均功率的定义可得，三相负载吸收的平均功率为：P3UPIPcos3UAIAcos322033cos36.870W17.424kW。20. 图示电路中，已知L10.12H，314rad/s，u1U1mcostU3mcos3t，u2U1mcost。C1和C2的数值分别为下列哪种数值？（ ）（高频考点，第47页）（A）7.39F和71.14F （B）71.14F和7.39F 17 / 42（C）9.39F和75.14F 答案：C（D）75.14F和9.39F解题过程：根据题意可知，输入电压为三次谐波分量时，L和C1发生并联谐振。因此31，代入数据得：3314LC111，8873，0.12C20.12C1C19.39106F9.39F。输入电压为基波分量时，L、C1与C2发生串联谐振，则：1jLjC1j1，1C2jLjC1LL1，2C1C2C1C2推出LC11C1L1，C2L11，LC1C1C2C2LC1L12，12C1LC2L，169.36100.120.12C2，31420.12C21.0142399291051.12321069.0191999106，C27.514105F75.14F。21. 图示电路中，换路前已达稳态，在t0时开关S打开，欲使电路产生临界阻尼响应，R应取下列哪项数值？（ ）（精确到小数点后二位）（高频考点，第71页） 18 / 42（A）3.16Ω 答案：B（B）6.33Ω （C）12.66Ω （D）20Ω解题过程： 开关打开后，电路如下图(b)所示。L1103欲使电路发生临界阻尼响应，则：R226.33。C10010622. 某正弦量的复数形式为F5j5，它的极坐标形式F为：（ ）。（高频考点，第33页）（A）50450 （B）50450 （C）10450 （D）10450答案：A。解题过程：F5j55245023. 无限大真空中一半径为a的球，内部均匀分布有体电荷，电荷总量为q。在ra的球面，任一点r处电场强度的大小E为（ ）。（高频考点，第79页）（A）q40aV/m （B）q40aV/m 2（C）q40rV/m （D）q40r2V/m答案：D。解题过程：用高斯定律计算具有对称性分布的静电场问题。球外任一点r处的电场强度为 19 / 42E(r)q40r2(ra)。24. 内半径为a，外半径为b的导电管，中间填充空气，流过直流电流I。在pa的区域中，磁场强度H为（ ）。（高频考点，第83页）（A）I2A/m I（B）0A/m 2（C）0A/m I(2a2)（D）A/m222(ba)答案：C。疑问：这道题考的是“静电屏蔽效应”还是“直流电不产生交变磁场”？25. 两半径为a和b（ab）的同心导体球面间电压为V0。问：若b固定，要使半径为a的球面上场强最小，应取比值（A）1 2a为（ ）。（高频考点，第77页）b111（B） （C） （D）4e答案：A。解题过程：球形电容器内（arb）的电场是球对称的，其电场强度为Er若两球面施加电压U，则UEdrabbqer。4r2aqabqq11U，即。edr2r4ba4ab4r故Erqaber（arb）。eU2r2bar4r若U、b给定，a可变，可令即EaUdEa0，求极值点。dadEabb2aaber0，，推出U0。22dabar2baa因为ba，当b2a，Ea有最小值。26. 一特性阻抗为Z050的无损传输线经由另一长度l0.105（为波长），特性阻抗为Z02 20 / 42的无损传输线达到与ZL40j10的负载匹配。应取Z02为（ ）。（高频考点，第86页）（A）38.75Ω 答案：A（B）77.5Ω （C）56Ω （D）66ΩZinZLcosljZCsinlZcosljLsinlZCZLZCtanlZCjZLtanlZC2ZLjZCtan0.105解题过程：ZC2ZCjZLtan0.105Zj0.7757ZCZCLZCj0.7757ZLZ0代入数据计算可得：ZCZ0238.78。27. 负反馈所能抑制的干扰和噪声是（ ）。（高频考点，第101页）（A）反馈环内的干扰和噪声 （B）反馈环外的干扰和噪声（C）输入信号所包含的干扰和噪声（D）输出信号所包含的干扰和噪声答案：A。解题过程：负反馈可以抑制放大电路内部的干扰和噪声等。28. 晶体管电路如图所示，已知各晶体管的50。那么晶体管处于放大工作状态的电路是下列哪种电路？（ ）（高频考点，第100页） 21 / 42答案：C解题过程：图(a)：发射结电压UBE0，晶体管处于截止状态。图(b)：发射极电流：IEIBIC1IB基极电流：IBVCCUBE120.7mA0.2mARB1RE101501集射极电压：UCEVCCICRCIERE12IBRC1IBRE18.2V集电结正偏，因此晶体管处于饱和状态。图(c)：基极电流：IBVCCUBE120.7mA0.022mARB510集射极电压：UCEVCCICRC12IBRC6.35VUCEUBE，因此晶体管工作于放大状态。图(d)：发射结电压UBE0，晶体管处于截止状态。29. 某双端输入、单端输出的差分放大电路的差模电压放大倍数为200，当两个输入端并接uI1V的输入电压时，输出电压uO100mV。那么，该电路的共模电压放大倍数和共模抑 22 / 42制比分别为下列哪组数值？（高频考点，第107页）（A）-0.1，200 答案：B解题过程：根据题意可得：差模电压输入uIduI1uI20，共模电压输入uIc（B）-0.1，2000 （C）-0.1，-200 （D）1，20001(uI1uI2)1V2uOc1000.1uIc1000单端输出共模放大系数Ac共模抑制比KCMRAd2002000。Ac0.130. 运放有同相、反相和差分三种输入方式，为了使集成运算放大器既能放大差模信号，又能抑制共模信号，应采用（ ）方式。（高频考点，第107页）（A）同相输入 答案：C。解题过程：这是差分放大电路的主要特点。（B）反相输入 （C）差分输入 （D）任何一种输入方式31. 电路如图所示，其中运算放大器A的性能理想。若ui2sintV，那么，电路的输出功率P0为：（ ）。（高频考点，第119页） 23 / 42（A）6.25W 答案：C（B）12.5W （C）20.25W （D）25W解题过程：因为运算放大器性能理想，功放电路最大的输出电压幅值为UomVCC18V，21Uom1182324电路的最大输出功率为：Pom20.25W。2RL281632. 电路如图所示，设运放均有理想的特性，则输出电压u0为：（ ）。（高频考点，第110页） 24 / 42（A）R3uI1uI2R3uI1uI2 （C）R3uI1uI2 （D） （B）R2R32R2R3R2R3R3uI2uI1R2R3答案：D解题过程：根据图可知：运放A1、A2构成电压跟随器，则uO1uI1，uO2uI2。运放A4组成反相输入比例运算电路，则uO4R2uO。R3运放A3组成差分比例运算电路，则uO4uO12u3，u3uO2uO4/2联立以上各式解得：uOR3uI2uI1。R2R333. 下列逻辑关系中，不正确的为：（ ）。（高频考点，第116页）（A）ABABABAB （C）ABAB 答案：C解题过程：（1）ABABAB（异或运算），ABABABABABABABABAB，选项（A）正确；（B）AABAB（D）ABAB（2）AAB1ABAB，选项（B）正确；（3）ABAB，错误。应该是ABAB；（4）ABAB，选项（D）正确。34. 要获得32k×8RAM，需要用4k×4的RAM的片数为（ ）。（高频考点，第145页）（A）8 （B）16 （C）32 （D） 25 / 42答案：B解题过程：需用片数N目标存储器容量321024816。已有存储器容量41024435. 已知用卡诺图化简逻辑函数LABCABC的结果是LAC，那么，该逻辑函数的无关项至少有：（ ）。（高频考点，第137页）（A）2个 答案：A解题过程：LABCABC的卡诺图如图(a)所示。图(a)00A011BC0111110（B）3个 （C）4个 （D）5个LACACAC的卡诺图如图(b)所示。图(b)00A011BC01111××10因此，无关项有2项。 26 / 4236. 如图所示电路是用D/A转换器和运算放大器组成的可变增益放大器，DAC的输出电压uDnVREF/255，它的电压放大倍数AuO/u1可由输入数字量Dn来设定。当Dn取01H和EFH时，A分别为：（ ）。（高频考点，第179页）（A）1，25.6 答案：D（B）1，25.5 （C）256，1 （D）255，1解题过程：运放A1:uA1uA1，推出uuI，则：运放A2:uA2uA20，推出uOUREF；电压放大倍数：AVuOUREF255，DnUREFuIDn255DnUREFuI；255当输入数字量Dn01H，AV255255255，Dn12552552551.06691。Dn141615239当输入数字量DnEFH，AV37. 电路如图所示，该电路完成的功能是：（ ）。（高频考点，第147页） 27 / 42（A）8位并行加法器 （C）4位并行加法器 答案：D（B）8位串行加法器（D）4位串行加法器解题过程：若两个移位寄存器中的原始数据分别为A3A2A1A01001，B3B2B1B00001，经过4个时钟信号作用以后，两个寄存器里的数据分别为：A3A2A1A01100，B3B2B1B00000。这是一个4位串行加法计数器。38. 74LS161的功能如表所示。图示电路的分频比（即Y与CP的频率之比）为：（ ）。（高频考点，第143页）74161功能表CPRDLDEP 28 / 42EP工作状态×↑××↑（A）1:63 答案：A解题过程：01111（B）1:60 ×0111（C）1:96 ××0×1（D）1:256××101置零预置数保持保持（但C=0）计数根据题图和功能表可得：当74LS161（1）的进位输出C输出高电平1时，对LD进行置数，置入1001，所以74LS161（1）计数有1001～1111共7个状态，为七进制计数器；当74LS161（2）对LD进行置数置入0111，所以74LS161（2）计数有0111～1111共9个状态，为九进制计数器；两级串联构成六十三进制计数器，因此进位输出Y的频率为CP频率的1/63。39. 三相感应电机定子绕组，Y接法，接在三相对称交流电源上，如果有一相断线，在气隙中产生的基波合成磁势为（ ）。（高频考点，第262页）（A）不能产生磁动势 （C）椭圆形旋转磁动势 答案：D。解题过程：星形联接绕组中，假设A相断线，则iA0，iBImsint，iCImsint，B相绕组轴线为参考轴。B、C相绕组在电机气隙中产生的基波磁动势分别为： 29 / 42（B）圆形旋转磁动势（D）脉振磁动势2fB1t,xF1sin1tcosx，fC1t,xF1sin1tcosx3合成基波磁动势为：f1fB1fC12F1sin1tcosxF1sin1tcosx3，112F1sin1tsinxsin3313F1cosxsin1t6合成的基波总磁动势为脉诊磁动势，幅值为一相磁动势幅值的3倍。40. 一台隐极同步发电机并网运行，额定容量为7500kVA，cosN0.8（滞后），UN3150V，Y联结，同步电抗Xs1.6，不及定子电阻。该机的最大电磁功率约为：（ ）。（高频考点，第268页）（A）6000kW 答案：D解题过程：根据SN3UNIN，得IN已知cosN0.8（滞后），则N36.870又因为Y型联接，则端电压UUN331503V1818.65V（B）8750kW （C）10702kW （D）12270kWSN3UN7500103331501374.A， 30 / 42E0UjIaXs1818.65j1374.36.8701.6V1818.65j2199.536.8701818.65j1760j1319.71818.651319.7j17603138.35j17601294684029.2803598.1729.280则功角29.280隐极同步发电机最大电磁功率：PemmaxmE0U33598.171818.6512269712270kW。xs1.641. 一台并网运行的三相同步发电机，运行时输出cos0.5（滞后）的额定电流。现在要让它输出cos0.8（滞后）的额定电流，可采取的办法是（ ）。（高频考点，第269页）（A）输入的有功功率不变，增大励磁电流（B）增大输入的有功功率，减小励磁电流（C）增大输入的有功功率，增大励磁电流（D）减小输入的有功功率，增大励磁电流答案：C解题过程：根据PemmE0U增大到cos0.8（滞sin3UIcos可知，当cos0.5（滞后）xs后）时，同步发电机电磁功率增大。发电机与大电网并联时，负载由电网供给，发电机的有功功率由原动机的输入功率决定。因此，增大同步发电机电磁功率，需增大输入的有功功率。当有功功率增加时，由于功率因数增大，根据隐极同步电动机的电动势平衡方程式E0UjIaXs可得，E0也增大，所需的励磁电流If也增大。 31 / 4242. 一台SN5600kVA，U1N/U2N6000/330V，Y/联接的三相变压器，其空载损耗p018kW，短路损耗pkN56kW。当负载的功率因数cos20.8（滞后）保持不变，变压器的效率达最大值时，变压器一次边输入电流为：（ ）。（高频考点，第250页）（A）305.53A 答案：A解题过程：效率达到最大值时的负载系数为：mp0180.56695pkN56（B）529.2A （C）538.86A （D）933.33Amax2p0mpkN1Scosp2pmN20mkN100%180.56695256最大效率：10.5669556000.8180.56695256100%98.6%二次绕组输出的有功功率：P2SNcos20.5669556000.8kW2539.936kW由效率P2P100%，得：P122576kWP1max又P23U2NI2Ncos2将P22539.936kW，U2N330V，cos20.8代入式求得：I2N5554.6694A。已知kU1N600018.1818，U2N330由U1NII2Nk得：I1N2N305.506A。U2NI1Nk43. 一台三相感应电动机在额定电压下空载启动与在额定电压下满载启动相比，两种情况下合闸瞬间的起动电流（ ）。（高频考点，第263页）（A）前者小于后者 （B）相等 （C）前者大于后者 32 / 42（D）无法确定答案：B解题过程：直接起动三相异步电动机时，转子转速n等于0，转差率s等于1。起动电流和起动转矩分别为：I1stI2stU1(R1R)(X1X)/22/22，Tst2f1R1R3pU12R2//22X1X/22。在额定电压下，空载和满载的起动电流相等。44. 一台并励直流电动机拖动一台他励直流发电机。当电动机的电压和励磁回路的电阻均不变时，若增加发电机输出的功率，此时电动机的电枢电流Ia和转速n将：（ ）。（高频考点，第294页）（A）Ia增大，n降低 （C）Ia增大，n增高 答案：A解题过程：PemTem9.55CeIaEaIa。（1）直流电动机：电磁转矩为驱动性的转矩，提供机械负载的动力和转子所需的惯性转矩，将电脑转换为机械能。稳态时：TemTLT0。（2）直流发电机：原动机提供拖动转矩T1，电磁转矩Tem为制动性的转矩。原动机克服制动性的电磁转矩使机械能变为电能。稳态时：T1TemT0（3）增加发电机输出的功率，即增大原动机电动机提供的机械能，（B）Ia减小，n增高（D）Ia减小，n降低PemTem9.55CeIaEaIa，电动机电枢电流增大时，因为电动机的电压和励磁回路的电阻均不变，则转速nUaIaRa降低。Ce 33 / 4245. 目前我国电能的主要输送方式是（ ）。（高频考点，第186页）（A）直流 答案：C

解题过程：我国主要的输电方式为三相交流输电。

（B）单相交流 （C）三相交流

（D）多相交流

46. 电力系统接线如下图，各级电网的额定电压示于图中，发电机，变压器T1，T2的额定电压分别为：（ ）。（高频考点，第187页）

（A）G:10.5kV，T1:10.5/242kV，T2:220/38.5kV（B）G:10kV，T1:10/242kV，T2:242/35kV（C）G:10.5kV，T1:10.5/220kV，T2:220/38.5kV（D）G:10.5kV，T1:10.5/242kV，T2:220/35kV答案：A

解题过程：发电机的电压为1.05UN10.5kV。

变压器T1：一次侧与发电机相连，额定电压为发电机的额定电压10.5kV；二次侧额定电压为1.1UN242kV。

变压器T2：一次侧与电网相连，额定电压为电网的额定电压UN220kV；二次侧额定电压为1.1UN38.5kV。

47. 当中性点绝缘的35kV系统发生单相接地短路时，其故障处的非故障相电压是（ ）。（A）115kV

（B）110kV

（C）38.5kV

34 / 42

（D）35kV

答案：D。解题过程：中性点不接地系统发生单相完全接地故障时，非故障相的电压，由原来的相电压升为线电压。该题中35kV是线电压。48. 电力系统电压降计算公式为：（ ）。（高频考点，第206页）（A）PiXQiRPRQiX jiUiUiQiRPiXPRQiX jiUiUi（B）PiXQiRPRQiXjiUiUiPiRQiXPXQiRjiUiUi（C）（D）答案：D解题过程：已知首端电压，则电压降落公式为：Pi/RQi/XPi/XQi/R。dUUijUijUiUi49. 我国电力系统中性点直接接地方式一般用在下列哪种及以上网络中？（ ）（高频考点，第1页）（A）110kV 答案：A。解题过程：110kV及以上的电力系统中都采用中性点直接接地的运行方式。（B）10kV （C）35kV （D）220kV50. 一条220kV的单回路空载线路，长200km，线路参数为r10.18/km，x10.415/km，b12.86106S/km，线路受端电压为242kV，线路送端电压为：（ ）。（高频考点，第206页）（A）236.26kV （B）242.2kV 35 / 42（C）220.35kV 答案：A。（D）230.6kV解题过程：输电线路空载时，线路末端的功率为0，当线路末端电压U2已知时，线路的首端电压为：U1U2U2jU2BXBR（1）U2jU222blx1lblr1lU21U2j1U22U2将U2242kV，l200km及线路参数代入式（1）得：2000.4152002.861062000.18200U1242j24222236.2554j2.49163262.8610242236.2690.6040kV51. 简单电力系统接线如下图所示，母线A电压保持116kV，变压器低压母线C要求恒调压，电压保持10.5kV，满足以上要求时接在母线C上的电容器容量QC及变压器T的变比分别为：（ ）。（高频考点，第222页）（A）8.76Mvar，115.5/10.5kV （C）9.76Mvar，121/11kV 答案：B（B）8.44Mvar，112.75/11kV（D）9.69Mvar，121/10.5kV 36 / 42解题过程：（1）线路阻抗：RLjXLr1jx1l0.27j0.410027j402Uk%UN10.51102（2） 变压器的电抗：XT42.35100SN10030（2）低压侧母线归算到高压侧的电压为：U2/maxU1UmaxU1PmaxRQmaxX2127144042.35116kV101.173kVU1116PminRQminX102774042.35116kV108.703kVU1116U2/minU1UminU1（3）按最小负荷时低压侧母线电压，则分接头电压为：UtminU2/min108.703U2N11kV113.879kVU2min10.5（4）选择最接近的分接头电压：Ut11012.5%kV112.75kV（5）变压器的电压比为：KTUt112.75U2N11（6）按最大负荷时的调压要求确定电容器容量：UQC2maxXU2/maxU2maxKT10.5101.173112.752K10.5Mvar8.432MvarT82.35112.75/11112。52. 下列网络接线如图所示，元件参数标幺值示于图中，f点发生三相短路时各发电机对短路点的转移阻抗及短路电流标幺值分别为：（ ）。（高频考点，第229页） 37 / 42（A）0.4，0.4，5 （C）0.35，0.35，5.71 答案：A（B）0.45，0.45，4.44（D）0.2，0.2，10解题过程：根据题图作其等效电路图，如下图(a)、(b)所示，根据图(a)、(b)进行计算。电源E1对短路点的转移阻抗为：x1d0.10.10.1电源E2对短路点的转移阻抗为：x2d总的短路电流标幺值为：0.10.10.10.10.10.4。0.10.10.10.10.10.10.10.10.4。E1E2115。x1dx2d0.40.453. 系统接线如图所示，图中参数均为归算到统一基准值SB100MVA的标幺值。变压器接线方式为Y/11，系统在f点发生BC两相短路，发电机出口M点A相电流（kA）为： 38 / 42（ ）。（高频考点，第243页）（A）18.16kA 答案：C（B）2.0kA （C）12.21kA （D）9.48kA解题过程：（1）短路点处：Ia0，IbIc；Ubc0，UbUc；Ua1Ua2，Ia1Ia2，Ia00。（2）两相短路时没有零序电流分量，故障点不接地，零序电流无通路，零序网络不存在，复合序网为正序和负序网络的并联。（3）根据已知各元件的正、负序参数，则该系统的复合序网中E11.000，//X1xdxTj0.225，X2x2xTj0.225。（4）计算短路电流如下：Ia1Ia2E1X1X2SB3UB100j2.2222j0.45100310.5kA12.21kAM点A相短路电流的有名值为：IaIa12.222254. 对于电压互感器以下叙述不正确的是（ ）。（高频考点，第288页）（A）接地线必须装熔断器 （C）二次绕组应装熔断器 答案：A 39 / 42（B）接地线不准装熔断器（D）电压互感器不需要校验热稳定解题过程：接地线如果装设熔断器，就失去了接地的意义！电压互感器两侧均装设了熔断器，不需进行短路电流下的动稳定和热稳定校验。55. 中性点接地系统中，三相电压互感器二次侧开口三角形绕组的额定电压应等于（ ）。（高频考点，第288页）（A）100V 答案：B解题过程：电压互感器中的二次电压U2N应满足仪表额定电压为100V的要求可知，（B）1003V （C）100V （D）3U0(U0零序电压)3U2N1003V。56. 下列哪种主接线在出线断路器检修时，会暂时中断该回路供电？（ ）（高频考点，第307页）（A）三分之四 （C）二分之三 答案：D解题过程：双母线分段接线：① 轮流检修母线而不致中断供电；② 检修任一回路的母线隔离开关仅使该回路停电；③ 工作母线发生故障时，经倒闸操作这一段停电时间后可迅速恢复供电；④ 检修任一回路断路器时，可用母联断路器来代替，不致于使该回路的供电长期中断。（B）双母线分段带旁路（D）双母线分段 40 / 4257. 下列叙述正确的是：（ ）。（高频考点，第310页）

（A）验算热稳定的短路计算时间为继电保护动作时间与断路器开断时间之和（B）验算热稳定的短路计算时间为继电保护动作时间与断路器固有的分闸时间之和（C）电气的开断计算时间应为后备保护动作时间与断路器固有的分闸时间之和（D）电气的开断计算时间应为主保护动作时间与断路器全开断时间之和答案：A

解题过程：参照《高频考点》第269页。

热稳定计算时间tk为继电保护动作时间tp和断路器全开断时间tab之和，即tktptab。断路器的开段时间tbr应选用主保护动作时间tp1和断路器固有分闸时间tin之和，即tbrtp1tin。

58. 中性点非有效接地配电系统中性点加装消弧线圈是为了（ ）。（高频考点，第1页）（A）增大系统零序阻抗 （C）补偿接地短路电流 答案：C。

解题过程：中性点经消弧线圈接地的电力系统发生单相接地故障时，接地故障相与消弧线圈构成了另一个回路，接地故障相接地电流增加了一个感性电流，与装设消弧线圈前的容性电流的方向相反，相互补偿。

（B）提高继电保护的灵敏性（D）增大电源的功率因数

59. 35kV及以下中性点不接地系统架空输电线路不采用全线架设避雷线方式的原因之一是（ ）。（高频考点，第280页）（A）设备绝缘水平低 （C）系统短路电流小

（B）雷电过电压幅值低（D）设备造价低

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答案：C

解题过程：35kV及以下电压等级线路，发生雷击造成短路或接地故障后，故障电流小。所以对于35kV及以下电压等级线路，一般不采用全线架设避雷线的方式，而是采用中性点不接地或者经消弧线圈接地的方式。

60. 避雷器保护变压器时，规定避雷器距变压器的最大电气距离其原因是（ ）。（高频考点，第281页）

（A）防止避雷器对变压器反击 （C）减小雷电绕击概率 答案：D

解题过程：避雷器的最大电气保护距离与侵入波的陡度、避雷器的残压和电气设备冲击耐压值等有关。避雷器距变压器的最大电气距离考虑了不同电压等级下，避雷器残压与变压器的绝缘配合问题。

（B）增大配合系数

（D）满足避雷器残压与变压器的绝缘配合

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